Página 54 - Solución de Problemas de Termodinámicas
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Se sabe que
el
sistema regresa al estado inicial en forma isobárica, lo cual significa que:
c)
P¡
=
P¡
=624 kPa
Paso
J.
kJ
Como C,, =C,. +R , entonces:
C
v
=C~- R =3. l 2
kgK
Dado que
t:..S¡~J
=
O; de la ecuación
t:..S¡....
¡
=
mC
p
In
(~)- mRln(~)
=
O,
(1,)
=
(t,)" ""
de donde:
(
)
(RIC. ¡
(ZOIlllC)
a)
r;
=~ ~
=(350
K)(~~ )
=434.2 1
K
De la ecuación de estado de gas ideal. se obtiene:
(3 k
g
)( 2.08 -"'--)(434.21
K)
b)
ji _
mRT¡
_
kgK
J-
p¡ -
( 624
~)
kJ
,
4.34
kJ
= 4.34 m
m'
Pllso4.
Como en un ciclo la variación neta o total en cualquier variable termodinámica es igual a
ceTO. entonces
a)
ilU""u= O
y
b) 65".", ,,,0
La variación en la energía interna del sistema para el proceso (1 --+2) es
e)
6U¡_1 '"
me"
(T
z
-
T¡) '"
(3 kg{ 3.12
k~~
)(350-600)
K
= -
2340
kJ
para el proceso (2--+3):
d)
6U
Z_ ) '"
me,
(0 -
T¡ )
=
(3 kg )(3.12
k~K )<
434.21- 350)
K
=
788.21
kJ
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