Electrónica 11
Z
=h ·
+~=
26 mV + 20000 51.2 O
o
,b 1
+
~
2.32 mA 1
+
49
Observe que no se tomó el paralelo de
Rg
con
R
B,
pues predomina la de menor valor; en este
caso es
Rg.
Ejemplo I1I.26
Diseñemos un amplificador de colector común, cuyos valores son:
V ee
=
9
V,
~
=
85,
Q(5.74
V;
1.8
mAl,
R
g
=
20
ka,
v
g
=
5
mV
p _p '
Silicio.
Solución
Ac-d
De la sección de salida:
VE
=
Vee - VEe
=
(9 -
5.74)
V
=
3.26
V.
lB =
le
=
1.8 mA
~
85
21.1 ¡¡.A
lE =
l B
+ le = (0.021 + 1.8) mA = 1.82 mA
RE =
VE
3.26 V 1.8 kO
lE
1.8 mA
Por la malla izquierda del circuito de
C-C
obtenemos:
_v.:::ee=--_V",BE,-:-:-R--,E:o.(l_+_~,-,)-,,-IB
(9 -
0.7) V - 1.8
kQ .
86 . 21.1 ¡¡.A
RB=
lB
21.1 ¡¡.A
RB
=
238 kO. Valor comercial: 220 kO
Empleando el teorema de Thévenin tenemos:
RTf,
=
RBII
R
g
=
2381120= 18.4 kO
238' 5mV
238 + 20
4.6mV
~'26mV
85'26mV
hie=
1.21
kQ
lE
1.82 mA
A c-a
•
En la figura
III.43e
tenemos:
Si
v
g
=
5
mV
p-p'
Rg
=
20
ka,
entonces:
150
1...,141,142,143,144,145,146,147,148,149,150 152,153,154,155,156,157,158,159,160,161,...259