Dispositivos amplificadores
2 · 5
mA·
(1-
1.17/ 1.8)
g",
1.94mA
1.8
De la figura
IlI.62b
anterior tenemos:
RG· v
g
1
MO . 80 rnV
V¡"
=
76.19
mV
RG
+
Rg
1 MO + 50 kO
Si
Av
=
6.8, entonces
v
g
será:
V
o
=
Av ·
V¡"
= 6.8·76.19
mV
= 0.518
V
p _ p
La
ganancia de corriente es:
A¡=-g",Re
= 1.94 rnS· 1 MO= 1940
La impedancia de entrada (Z¡,,):
2¡,,=Re= 1
MO
La
impedancia de salida
(Zo):
2
0
= RD=
10
kO
Ejemplo I1I.47
Para el mismo circuito de la figura I1I.62 y empleando el 2N3797, cuyas características son
V
p
= -
5 V,
IDss
=
5
mA,
IDss
=
200T\A
Y
las condiciones del circuito
VDD
=
18
V,
Q(10.5
V;
2.5 mAl,
Vg=
100 mV,
Rg
=
5 kQ,
RL=4.7
kQ.
Solución
Tomando una caída de
V
G
=
0.2
V Y
como
corriente inversa de fuga
o
de saturación
IGss=
2 . 10-
7
A,
tenemos que:
Ves
0.2
V
RG=-=
lMO
less
2.10-
7
A
Para que no haya distorsión en la señal de salida
aV
GSla tomamos aproximadamente a la mitad
del valor de
V
p :
Ves= V
p
+ 2.5 V =(-5 +2.5) V =-2.5 V
El valor de Rs será:
- Ves
2.5 V
Rs=--
1
kQ
ID
2.5rnA
201
1...,192,193,194,195,196,197,198,199,200,201 203,204,205,206,207,208,209,210,211,212,...259